bzoj2733 [HNOI2012]永无乡

Description

永无乡包含 n 座岛，编号从 1 到 n，每座岛都有自己的独一无二的重要度，按照重要度可 以将这 n 座岛排名，名次用 1 到 n 来表示。某些岛之间由巨大的桥连接，通过桥可以从一个岛 到达另一个岛。如果从岛 a 出发经过若干座（含 0 座）桥可以到达岛 b，则称岛 a 和岛 b 是连 通的。现在有两种操作：B x y 表示在岛 x 与岛 y 之间修建一座新桥。Q x k 表示询问当前与岛 x连通的所有岛中第 k 重要的是哪座岛，即所有与岛 x 连通的岛中重要度排名第 k 小的岛是哪 座，请你输出那个岛的编号。  

Input

输入文件第一行是用空格隔开的两个正整数 n 和 m，分别 表示岛的个数以及一开始存在的桥数。接下来的一行是用空格隔开的 n 个数，依次描述从岛 1 到岛 n 的重要度排名。随后的 m 行每行是用空格隔开的两个正整数 ai 和 bi，表示一开始就存 在一座连接岛 ai 和岛 bi 的桥。后面剩下的部分描述操作，该部分的第一行是一个正整数 q， 表示一共有 q 个操作，接下来的 q 行依次描述每个操作，操作的格式如上所述，以大写字母 Q 或B 开始，后面跟两个不超过 n 的正整数，字母与数字以及两个数字之间用空格隔开。 对于 20%的数据 n≤1000,q≤1000  对于 100%的数据 n≤100000,m≤n，q≤300000  

Output

对于每个 Q x k 操作都要依次输出一行，其中包含一个整数，表 示所询问岛屿的编号。如果该岛屿不存在，则输出-1。  

Sample Input

Sample Output

正解：线段树启发式合并。

以前没用过启发式合并，这回学了一下来用。。

和主席树很像，动态开结点，值域线段树。每次合并时直接将两颗线段树的每个结点合并。复杂度。。均摊是log^2吗？？（其实我也不知道的说，不过学长说复杂度是对的。。）再用一个并查集维护连通性，于是这题就能完美AC了。然而HNOI居然会有水题。。

ps：启发式合并复杂度证明，来自巨犇黄嘉泰（并没有很看懂。。）

线段树合并的时间复杂度证明

每一次合并的时间复杂度为 公共点个数

//It is made by wfj_2048~#include <algorithm>#include <iostream>#include <cstring>#include <cstdlib>#include <cstdio>#include <vector>#include <cmath>#include <queue>#include <stack>#include <map>#include <set>#define N (100010)#define inf (1<<30)#define il inline#define RG register#define ll long long#define File(s) freopen(s".in","r",stdin),freopen(s".out","w",stdout)using namespace std;int sum[20*N],ls[20*N],rs[20*N],rt[N],fa[N],a[N],pos[N],n,m,sz;char s[5];il int gi(){    RG int x=0,q=1; RG char ch=getchar(); while ((ch<'0' || ch>'9') && ch!='-') ch=getchar();    if (ch=='-') q=-1,ch=getchar(); while (ch>='0' && ch<='9') x=x*10+ch-48,ch=getchar(); return q*x;}il int find(RG int x){ return fa[x]==x ? fa[x] : (fa[x]=find(fa[x])); }il void insert(RG int &x,RG int l,RG int r,RG int v){    if (!x) x=++sz; if (l==r){ sum[x]++; return; }    RG int mid=(l+r)>>1;    if (v<=mid) insert(ls[x],l,mid,v);    else insert(rs[x],mid+1,r,v);    sum[x]=sum[ls[x]]+sum[rs[x]]; return;}il int merge(RG int x,RG int y){    if (!x || !y) return x+y;    ls[y]=merge(ls[x],ls[y]);    rs[y]=merge(rs[x],rs[y]);    sum[y]=sum[ls[y]]+sum[rs[y]]; return y;}il int query(RG int x,RG int l,RG int r,RG int k){    if (l==r) return l; RG int mid=(l+r)>>1;    if (k<=sum[ls[x]]) return query(ls[x],l,mid,k);    else return query(rs[x],mid+1,r,k-sum[ls[x]]);}il void work(){    n=gi(),m=gi(); RG int u,v,x,k;    for (RG int i=1;i<=n;++i) a[i]=gi(),pos[a[i]]=i,fa[i]=i;    for (RG int i=1;i<=m;++i) u=gi(),v=gi(),u=find(u),v=find(v),fa[u]=v;    for (RG int i=1;i<=n;++i) insert(rt[find(i)],1,n,a[i]); m=gi();    for (RG int i=1;i<=m;++i){	scanf("%s",s);	if (s[0]=='B'){	    u=gi(),v=gi(),u=find(u),v=find(v);	    if (u!=v) fa[u]=v,rt[v]=merge(rt[u],rt[v]);	}	if (s[0]=='Q'){	    x=gi(),k=gi(),x=find(x);	    if (sum[rt[x]]<k){ PRintf("-1/n"); continue; }	    printf("%d/n",pos[query(rt[x],1,n,k)]);	}    }    return;}int main(){    File("neverland");    work();    return 0;}